江西省上饒市弋陽縣第一中學高一 上學期物理10月月質量檢測考試試卷及

2023年12月10日發(作者：駱駝祥子讀后感500字)

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一、選擇題

1．物體以20m/s的速度由坡底沖上一足夠長的斜坡，當它返回坡底時的速度大小為16m/s，已知上坡和下坡兩個階段物體均沿同一直線做勻變速直線運動，但上坡和下坡的加速度不同．則物體上坡、下坡所用的時間之比為( )

A．4:5 B．5:4 C．2:3 D．3:2

2．已知物理量λ的單位為“m”、物理量v的單位為“m/s”、物理量f的單位為“s－1”，則由這三個物理量組成的關系式正確的是( )

A．v＝?

fB．v＝λf C．f＝vλ D．λ＝vf

3．下列情況中，能將某同學看成質點的是（ ）

A．研究某同學上課時的坐姿

B．研究某同學打籃球時投籃的動作

C．研究某同學軍訓時踢正步的動作

D．研究某同學在運動會上進行3000m跑比賽時所用的時間

4．某同學用如圖所示方法做共點力平衡實驗．M、N為摩擦不計的定滑輪，O點是輕質細繩OA、OB和OC的結點，桌上有若干相同的鉤碼，他已經在A點和C點分別掛了3個和4個鉤碼，為使O點在兩滑輪間某位置受力平衡，在B點掛的鉤碼數可能是（

）

A．1個

C．5個

B．3個

D．7個

5．一輛汽車由車站開出，沿平直公路做初速度為零的勻變速直線運動，至第10 s末開始剎車，再經5 s便完全停下．設剎車過程汽車也做勻變速直線運動，那么加速和減速過程車的加速度大小之比是

A．1∶2

C．1∶4

B．2∶1

D．4∶1

6．從發現情況到采取相應行動經過的時間叫反應時間。兩位同學合作，用刻度尺可測得人的反應時間。如圖甲所示，A握住尺的上端，B在尺的下部做握尺的準備（但不與尺接觸），當看到A放開手時，B立即握住尺。若B做握尺準備時，手指位置如圖乙所示，而握住尺時的位置如圖丙所示，由此測得B同學的反應時間約為

A．20s

B．0.30s

C．0.10s

D．0.04s

7．駕駛手冊中指出具有良好剎車性能的汽車以80 km/h的速率行駛時，可以在56 m的距離內被剎住，在以48 km/h的速率行駛時，可以在24 m的距離內被剎住，假設這兩種速率駕駛員的反應時間相同(在反應時間內駕駛員來不及剎車，車速不變)，剎車產生的加速度也相同，則駕駛員的反應時間約為

A．0.5 s B．0.6 s C．0.7 s D．0.8 s

8．如圖，給物體一個初速度后，物體沿粗糙斜面向上滑動。在向上滑動的過程中，關于物體受到的力，下列說法正確的是（ ）

A．受重力、沿斜面向上的沖力、斜面的支持力

B．受重力、沿斜面向上的沖力、沿斜面向下的滑動摩擦力

C．受重力、斜面的支持力、沿斜面向下的滑動摩擦力

D．受重力、斜面的支持力、沿斜面向上的沖力、沿斜面向下的滑動摩擦力、沿斜面向下的下滑力

9．如圖所示，人站立在體重計上，下列說法正確的是（

）

A．人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對平衡力

B．人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對作用力和反作用力

C．人所受的重力和人對體重計的壓力是一對平衡力

D．人所受的重力和人對體重計的壓力是一對作用力和反作用力

10．一個物體沿直線運動，從標軸的交點分別為和時刻開始，物體的，由此可知

的圖象如圖所示，圖線與縱橫坐

A．物體的初速度大小為 B．物體做變加速直線運動

C．物體做勻速直線運動 D．物體的初速度大小為1

11．如圖所示，兩塊相同的木板緊緊夾住木塊，一直保持靜止，木塊重為40 N，木塊與木板間的動摩擦因數為0.3，若左右兩端的壓力F都是100 N，則整個木塊所受的摩擦力大小．．．．和方向是

A．20 N，方向向上 B．30 N，方向向上 C．40 N，方向向上 D．60 N，方向向上

12．東陽中學教學樓之間種著好幾棵橙子樹，每當橙子成熟的時候，很多同學看了都會流口水.一般橙子樹高在二個正常成年人身高左右，當橙子樹頂部有一個成熟橙子自然脫落掉下來，下落過程中沒有受到任何的碰撞.試估算橙子落地的速度約為

A．7m/s

B．8m/s

C．9m/s

D．10m/s

13．以下是必修課本中四幅插圖，關于這四幅插圖下列說法正確的是（ ）

A．甲圖中，賽車的質量不是很大，卻安裝著強勁的發動機，可以獲得很大的慣性

B．乙圖中，高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，目的是增加車輛重力垂直橋面方向的分力，保證行車方便與安全

C．丙圖中，傳送帶靠靜摩擦力把貨物送到高處

D．丁圖中，汽車輪胎的花紋不同會影響輪胎受到的摩擦力．地面與輪胎間的摩擦力越大 汽車越容易啟動，但是剎車越困難

14．靜止在斜面上的重物的重力可以分解為沿斜面方向向下的分力F1和垂直于斜面方向的分力F2，關于這兩個分力，下列的說明正確的是（

）

A．F1作用在物體上，F2作用在斜面上

B．F2的性質是彈力

C．F2就是物體對斜面的正壓力

D．F1和F2是與物體的重力等效的力，實際存在的就是重力

15．去年，李世石的人機對決引起了全世界的關注．解說圍棋的棋盤如圖所示．棋盤豎直放置．棋盤和棋子都是磁性材料制成，能吸在棋盤上，不計棋子之間的相互作用力，下列說法正確的是（ ）

A．棋子共受三個力作用

B．棋子對棋盤的壓力大小等于其所受重力的大小

C．磁性越強的棋子，所受的摩擦力越大

D．減小棋子的質量，棋子所受到的摩擦力減小

16．雜技運動員在訓練時的照片如圖所示．有一小球自由落下，碰到水平桌面后反彈，如此數次落下和反彈．若規定豎直向下為正方向，碰撞時間不計，空氣阻力不計，則下列v--t圖像中正確的是( )

A．

B．

C．

D．

17．在研究運動和力的關系時，伽利略提出了著名的理想實驗，示意圖如圖．伽利略提出該理想實驗的最主要意圖是（ ）

A．為了說明力是維持物體運動的原因

B．為了說明力可以改變物體的運動

C．為了說明物體運動不需要力來維持

D．為了說明物體運動時就會產生慣性

18．從科學方法角度來說，物理學中引入“合力”概念運用了

A．控制變量方法

B．等效替代方法

C．理想實驗方法

D．建立模型方法

19．把一個月牙狀的薄板懸掛起來，靜止時如圖所示．則薄板的重心可能是圖中的（ ）

A．A點 B．B點 C．C點 D．D點

20．關于重力加速度的說法中，不正確的是（

）

A．在同一地點物體自由下落時的重力加速度與靜止時的重力加速度大小一樣

B．在地面上不同的地方，重力加速度g的大小不同，但它們相差不是很大

C．在地球上同一地點，一切物體在自由落體運動中的加速度都相同

D．重力加速度g是標量，只有大小沒有方向，通常計算中g取9.8m/s2

二、多選題

21．在某次軍事演習中，空降兵從懸停在空中的直升機上跳下，當下落到距離地面適當高度時，打開降落傘，最終安全到達地面，空降兵從跳離飛機到安全到達地面的過程中在豎直方向的v—t圖像如如所示，則以下判斷正確的是

A．空降兵在0到t1時間內做自由落體運動

B．空降兵在t1到t2時間內的加速度方向豎直向上，大小在逐漸減小

C．空降兵在0到t1時間內的平均速度是1v2

2D．空降兵在t1到t2時間內的平均速度小于1(v1+v2)

222．如圖所示，在傾角為α的傳送帶上有質量均為m的三個木塊1、2、3，中間均用原長為L、勁度系數為k的輕彈簧連接起來，木塊與傳送帶間的動摩擦因數均為μ，其中木塊1被與傳送帶平行的細線拉住，傳送帶按圖示方向勻速運行，三個木塊處于平衡狀態．下列結論正確的是：

A．2、3兩木塊之間的距離等于L?B．2、3兩木塊之間的距離等于L??mgcos?k

(sin???cos?)mg

kC．2、3兩木塊之間的距離等于1、2兩木塊之間距離的兩倍

D．如果傳送帶突然加速，相鄰兩木塊之間的距離都將保持不變

23．如圖所示，不計質量的光滑小滑輪用細繩懸掛于墻上O點，跨過滑輪的細繩連接物塊A、B，A、B都處于靜止狀態，現將物塊B移至C點后，A、B仍保持靜止，下列說法中正確的是（

）

A．B與水平面間的摩擦力變大

B．A、B靜止時，圖中α、β、θ三角始終相等

C．懸于墻上的繩所受拉力大小不變

D．繩子對B的拉力不變

24．如圖所示，光滑的輕滑輪通過支架固定在天花板上，一足夠長的細繩跨過滑輪，一端懸掛小球b，另一端與套在水平細桿上的小球a連接．在水平拉力F作用下小球a從圖示虛線（最初是豎直的）位置開始緩慢向右移動(細繩中張力大小視為不變)．已知小球b的質量是小球a的2倍，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，小球a與細桿間的動摩擦因數為?．則下列說法正確的是（）

A．當細繩與細桿的夾角為30°時，桿對a球的支持力為零

B．支架對輕滑輪的作用力大小逐漸增加

C．支架對a球的摩擦力先減小后增加

D．若??3時，拉力F先減小后增加

325．如圖所示，頂端裝有定滑輪的斜面體放在粗糙水平地面上，A、B兩物體通過細繩連接，并處于靜止狀態（不計繩的質量和滑輪軸的摩擦）．現用水平向右的力F作用于物體B上，將物體B緩慢拉高一定的距離，此過程中斜面體與物體A仍然保持靜止．在此過程中

A．地面對斜面體的摩擦力不變

B．斜面體所受地面的支持力一定變大

C．水平力F一定變大

D．物體A所受斜面體的摩擦力不一定變大

三、實驗題

26．甲同學嘗試用如圖所示的實驗裝置來驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計a掛于固定點c，下端用細線掛一重物Q．彈簧測力計b的一端用細線系于O點，手持另一端向左 拉，使結點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計a和b的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和拉線的方向。

（1）圖中彈簧測力計a的示數為_____N

（2）下列必要的實驗要求是_____（請填寫選項前對應的字母）

A．應測量重物Q所受的重力

B．彈簧測力計應在使用前校零

C．拉線方向應與木板平面平行

D．改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置

（3）乙同學換用兩個彈簧測力計拉橡皮筋到O點，兩彈簧測力計讀數分別為F1和F2，用一個彈簧測力計拉橡皮筋到O點時讀數為F′，通過作圖法驗證平行四邊形定則時，圖中符合實際情況的是_____

27．某同學用打點計時器研究一輛做勻加速直線運動的小車的運動情況，如圖所示為小車運動過程中打點計時器打出的紙帶的一部分，D1是任選的第1個點，D11、D21是順次選取的第11個點和第21個點，若加速度的值是10cm/s2，則該打點計時器打點的頻率為_________Hz，打點計時器打下D11點時小車的速度為__________m/s。

28．某同學在“探究彈力和彈簧伸長的關系”時，安裝好實驗裝置，讓刻度尺零刻度與彈簧上端平齊，在彈簧下端掛1個鉤碼，靜止時彈簧長度為l1，如圖甲所示。圖乙是此時固定在彈簧掛鉤上的指針在刻度尺（最小分度是1mm），上位置的放大圖，示數l1=________cm。在彈簧下端分別掛2個、3個、4個、5個相同的鉤碼，靜止時彈簧長度分別為l2、l3、l4、l5。已知每個鉤碼質量為50g。掛2個鉤碼時，彈簧彈力F2=______N（當地重力加速度g=9.8m/s2）。要得到彈簧的伸長量x，還需要測量的是________。

29．某研究小組在“探究自由落體運動性質”的實驗中，

（1）下圖是四位同學釋放紙帶瞬間的照片，你認為操作正確的是_______

A B C D

（2）關于接通電源和放手讓重物運動的先后順序，下列說法正確的是_______

A．接通電源和放手應同時 B．先放手后接通電源

C．先接通電源后放手 D．以上說法都不對

（3）通過紙袋測量發現加速度只有9.3 m/s2，你認為可能的原因是______(寫出一條就可以)

30．在“探究小車速度隨時間變化規律”的實驗中：

(1)下列關于電磁打點計時器的說法中正確的是（__________）

A．電磁打點計時器正常工作使用220V的交流電源

B．電磁打點計時器正常工作使用的是低壓（4-6V）交流電源

C．打點計時器的打點周期與電壓高低有關

D．打點計時器的打點周期由交流電源的頻率決定的

(2)下列操作中正確的有（________）

A．在釋放小車前，小車要靠近打點計時器

B．打點計時器應放在長木板的有滑輪一端

C．應先接通電源，后釋放小車

D．電火花計時器應使用低壓交流電源

(3)某次實驗中，打點計時器在紙帶上依次打出一些列的點A、B、C、D、E，相鄰兩點間的距離如圖所示，計時器打點周期為0.02s，則計時點A、D對應的時間間隔內小車的平均速度大小為________m/s；打C點時的瞬間，紙帶的速度大小為________m/s；紙帶的加速度為________m/s2。

四、解答題

31．如圖所示，釘子A、B

相距 5l，處于同一高度。細線的一端系有質量為2m

的小物塊，另一端繞過 A

固定于 B。質量為 m

的小球固定在細線上 C

點，B、C

間的線長為 3l。用手豎直向下拉住小球，使小球和物塊都靜止，此時 BC

與水平方向的夾角為53°。忽略一切摩擦，

重力加速度為g，取 sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：

(1)小球受到手的拉力大小 F；

(2)若 F

的方向在豎直面可以任意改變，要使小球靜止在相同位置，最小值為多少？

32．在離地面7.2 m處，手提2.2 m長的繩子的上端如圖所示，在繩子的上下兩端各拴一小球，放手后小球自由下落(繩子的質量不計，球的大小可忽略，g＝10 m/s2)求：

(1)B小球下落要多少時間？

(2)兩小球落地時間相差多少？

(3)B球落地時A球的速度多大？

33．甲、乙兩輛汽車，從同一位置沿同一直線分別做勻速直線運動．若汽車甲水平向右運動，速度大小為2m/s，而汽車乙水平向左運動，速度大小為4m/s，試在同一坐標系中定量的畫出兩輛汽車的位移--時間圖象并解釋說明．

34．甲、乙兩質點，乙在前、甲在后沿同一直線運動，在某時刻甲乙分別恰好經過相距12m的兩個路標，以此時為計時起點，此后甲質點的速度隨時間的變化關系為v＝4t＋12(m/s)，乙質點位移隨時間的變化關系為x＝2t＋4t2(m)，試求：

（1）兩質點相遇的時刻；（質點不會相撞）

（2）甲能夠領先乙的最遠距離是多少？

35．汽車緊急剎車時，加速度大小為6m/s2，且必須在2s內停下來．

(1)汽車允許的最大行駛速度是多少？

(2)剎車過程汽車的位移是多少？

【參考答案】***試卷處理標記，請不要刪除

一、選擇題

1．A

解析：A

【解析】

【詳解】

由于上坡、下坡的位移大小相等，上坡的平均速度為

v上?下坡的平均速度為

20m/s=10m/s

216m/s?8m/s

2v下?故上坡與下坡所用的時間之比為

ss：=4：5

108故A正確，BCD錯誤。

2．B

解析：B

【解析】

【詳解】

根據v=?m，知，?1＝m?s≠m/s．故A錯誤．根據v=λf，知m?s-1=m/s．故B正確．根據fsf=vλ，知ms-1?m=m2/s≠s-1．故C錯誤．根據λ=vf，知ms-1?s-1=m/s2≠m．故D錯誤．故選B．

3．D

解析：D

【解析】

【詳解】

研究某同學上課時的坐姿，學生的大小和形狀不可以忽略，不可以看成質點，故A錯誤．研究某同學打籃球時投籃的動作，學生的大小和形狀不能忽略，不能看成質點，故B錯誤．研究某同學軍訓時踢正步的動作，學生的大小和形狀不能忽略，不能看成質點，故C錯誤．研究某同學在運動會上進行3000m跑比賽時所用的時間時，學生的大小和形狀可以忽略，故可以看成質點，故D正確．故選D．

4．B

解析：B

【解析】

【分析】

【詳解】

三個力的平衡,第三個力大小 7>F>1之間,所以A、D錯誤；若掛5個鉤碼,則可知MO處于水平.與題意M、N在同一水平線上,矛盾.所以B正確；

5．A

解析：A

【解析】

【詳解】

加速階段的加速度大小為：

vva1＝＝

t110減速階段的加速度大小為：

vva2＝＝

t25則加速和減速的加速度大小為：

a1

1＝．

a22A．1∶2，與結論相符，選項A錯誤；

B．2∶1，與結論不相符，選項B錯誤；

C． 1∶4，與結論不相符，選項C錯誤；

D． 4∶1，與結論不相符，選項D錯誤；

6．B

解析：B

【解析】

【詳解】

由圖可知，開始時的位置在20cm處，握住尺時的位置在60cm處，所以在反應時間內下落的高度為40cm=0.40m，由運動學可得：

h?解得：

12gt

2t?A. 20s與分析不符，故A錯誤；

B. 0.30s與分析相符，故B正確；

C. 0.10s與分析不符，故C錯誤；

D. 0.04s與分析不符，故D錯誤。

2h2?0.40?s?0.3s

g107．C

解析：C

【解析】

【詳解】

假設駕駛員的反應時間為t，在第一個過程中，反應時間內汽車做勻速直線運動速度v1，所以反應時間內的位移

x1=v1t

然后做勻減速直線運動到停止，由位移速度關系式得

0?v12??2ax2

全過程位移：

L1=x1+x2=56m

在第二個過程中，反應時間內汽車做勻速直線運動速度v2，所以反應時間內的位移

x3=v2t

然后做勻減速直線運動到停止，由位移速度關系式得

20?v2??2ax4

全過程位移

L2=x3+x4=24m

聯立解得

t=0.7s

故C正確。

8．C

解析：C

【解析】

【分析】

對物體受力分析，關鍵要按照順序找力，要找受到的力，每個力都要能找到受力物體，有時還要結合物體的運動情況分析受到的力。

【詳解】

物體受到撞擊力后在慣性的作用下沿斜面向上運動，物體并不受沖力的作用，所以對物體受力分析，重力豎直向下，斜面對物體的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑動摩擦力，所以C正確，A，B，D錯誤.故選C.

【點睛】

受力分析的一般步驟和方法是求解力學問題的一個關鍵，在整個高中物理學習的全過程中占有極重要的地位，對物體進行受力分析，通常可按以下方法和步驟進行：①明確研究對象，亦即是確定我們是要分析哪個物體的受力情況.②隔離物體分析；亦即將所確定的研究對象從周圍物體中隔離出來，進而分析周圍有哪些物體對它施加力的作用，方向如何，并將這些力一一畫在受力圖上，在畫支持力、壓力和摩擦力的方向時容易出錯，要熟記：彈力的方向一定與接觸面或接觸點的切面垂直，摩擦力的方向一定沿著接觸面與物體相對運動（或趨勢）方向相反.③分析受力的順序：一重、二彈、三摩擦，沿接觸面或點逐個去找。有時根據概念或條件與判斷。

9．B

解析：B

【解析】

【分析】

【詳解】

AB．人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是人與體重計間的相互作用力，故A錯誤，B正確；

CD．人所受的重力和人對體重計的壓力方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故C錯誤，D錯誤；

故選B。

10．A

解析：A

【解析】

【詳解】

由圖可得：由對比可得故選：A。

【點睛】

由圖象寫出與t的關系式，對照勻變速直線運動的位移時間公式得到加速度和初速度，從而分析物體的運動性質。

得：

，a=1m/s2，v0=0.5m/s可知，物體的加速度不變，做勻加速直線運動。故A正確，BCD錯誤。

11．C

解析：C

【解析】

【詳解】

對物體而言，處于靜止狀態，受到平衡力的作用，在豎直方向上，所受重力與摩擦力是平衡力，故：

f?G?40N

方向向上，故C正確，ABD錯誤。

12．B

解析：B

【解析】

橙子自然脫落掉下來可看成自由落體運動，由公式2gh?v得2v?2gh?2?10?2?1.7m?8m，故B正確．

ss 點晴：本題考查自由落體的實際應用，注意自由落體實際生活中并不存在，只要物體受的阻力遠小于自身的重力即可．

13．C

解析：C

【解析】

慣性的大小只與物體的質量有關，與力沒有關系，故A錯誤；乙圖中，高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，這樣可以減小車輛重力沿橋面方向的分力，保證行車方便與安全，故B錯誤；丙圖中，傳送帶靠靜摩擦力把貨物送到高處，選項C正確；丁圖中，汽車輪胎的花紋不同會影響輪胎受到的摩擦力．地面與輪胎間的摩擦力越大汽車越容易啟動，剎車時也不容易打滑，即容易剎車，選項D錯誤；故選C.

14．D

解析：D

【解析】

【分析】

根據重力的作用效果，將重力為G分解為垂直斜面向下的力F1和平行斜面向下的力F2，F1不是物體對斜面的壓力，而使物體緊壓斜面的力，物體對斜面的壓力方向與F1的方向相同，F2是使物體下滑的力，大小等于物體受到的靜摩力．物體受到重力、斜面對物體的支持力、靜摩擦力三個力作用．

【詳解】

AD.物體受重力、支持力與摩擦力．而F1、F2是重力的兩個分力，實際不存在，實際受到的就是重力作用在物體上．所以A不符合題意，D符合題意；

BC、F2是使物體重力緊壓斜面的分力，不是物體對斜面的正壓力，根據平衡條件，與斜面對物體的支持力相等，所以BC不符合題意；

15．D

解析：D

【解析】小棋子受到重力G、棋盤面的吸引力F、彈力N和靜摩擦力f，共四個力作用，故A錯誤．棋子對棋盤的壓力大小與重力無關，故B錯誤；根據豎直方向上二力平衡知：f=G，即摩擦力與磁性強弱無關，故C錯誤．根據豎直方向上二力平衡知：f=G，減小棋子的質量，棋子所受的摩擦力減小，故D正確．故選D．

16．B

解析：B

【解析】

下落過程，速度越來越大，方向為正，當碰撞瞬間，速度發生突變（即沒有時間發生改變，一瞬間速度即變為負向最大，如D圖表示有一定的時間發生改變）為豎直向上，即方向為負，由于碰撞能量損失，所以起跳的速度要小于剛落地時的速度，如此重復，故B正確．

17．C

解析：C

【解析】

亞里士多德認為，力是維持物體運動的原因；伽利略等人認為，力是改變物體運動狀態的原因．現在人們普遍認為力是改變物體運動狀態的原因的觀點是正確的；

伽利略設計這個理想實驗，其目的是為了說明亞里士多德的力是維持物體運動狀態的原因的結論是錯誤的，物體運動不需要力來維持．故A、B、D錯誤，C正確．故選.C

【點睛】伽利略“理想斜面實驗”在物理上有著重要意義，伽利略第一個把實驗引入物理，標志著物理學的真正開始．

18．B

解析：B

【解析】

研究一個物體受幾個力的作用時，引入合力的概念，幾個力同時作用與合力作用的效果等效，采用了“等效替代法”．

故選B.

19．D

解析：D

【解析】

【分析】

【詳解】

懸掛法測量重心位置的原理，結合二力平衡條件分析可得，重心位置是D點．

故選D．

【點睛】

本題考查的是懸掛法找物體的重心．學生對重力、重心的理解，還要了解物體的重心分布與哪些因素有關．

20．D

解析：D

【解析】

【詳解】

A．在同一地點物體自由下落時的重力加速度與靜止時的重力加速度大小一樣，選項A正確，不符合題意；

B．在地面上不同的地方，重力加速度g的大小不同，但它們相差不是很大，選項B正確，不符合題意；

C．在地球上同一地點，一切物體在自由落體運動中的加速度都相同，選項C正確，不符合題意；

D．重力加速度g是矢量，有大小也有方向，通常計算中g取9.8m/s2，選項D錯誤；符合題意；

故選D.

二、多選題

21．BD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.在0到t1時間內圖線的斜率在減小，加速度在減小，所以空降兵不是做自由落體運動，選項A錯誤；

B.在t1到t2時間內的速度為正在減小，所以空降兵做豎直向下的減速

解析：BD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.在0到t1時間內圖線的斜率在減小，加速度在減小，所以空降兵不是做自由落體運動，選項A錯誤；

B.在t1到t2時間內的速度為正在減小，所以空降兵做豎直向下的減速運動，因此加速度方向豎直向上，又因為圖線的斜率在減小，所以加速度在減小，選項B正確；

C.

從圖像可知空降兵在0到t1時間內的位移大于從速度為0做勻變速運動到v2的位移，所以平均速度大于1v2，選項C錯誤；

2D.

空降兵在t1到t2時間內的的位移小于從速度為v2做勻變速運動到v1的位移，所以平均速度小于1(v1+v2)，選項D正確。

2故選BD。

22．BD

【解析】

【分析】

【詳解】

AB．對木塊3受力分析：重力、支持力、滑動摩擦、彈簧的拉力，根據平衡條件，有：

解得：

故彈簧的長度為：

故A錯誤，B正確；

C．對木塊2、3整體受力分析：

解析：BD

【解析】

【分析】

【詳解】

AB．對木塊3受力分析：重力、支持力、滑動摩擦、彈簧的拉力，根據平衡條件，有：

kx?mgsin???mgcos?

解得：

?x?故彈簧的長度為：

mgsin???mgcos?

kx?L?x?L?故A錯誤，B正確；

mgsin???mgcos?

kC．對木塊2、3整體受力分析：重力、支持力、滑動摩擦力和彈簧的拉力，根據共點力平衡條件，有：

kx??2mgsin??2?mgcos?

解得：

?x??故彈簧的長度為：

2mg(sin???cos?)

k2mg(sin???cos?)

kx??L?x?=L?

故△x＜△x′，故C錯誤；

D．如果傳送帶突然加速，支持力不變，根據滑動摩擦力不變，彈簧彈力也不變，故合力不變，故物體全部保持靜止，相鄰兩木塊之間的距離都將不變；故D正確。

故選BD．

23．ABD

【解析】

【詳解】

AD． B向右移動到C位置后，繩與地面的夾角減小，而A、B均處于靜止狀態，故繩子的拉力等于A的重力；繩子對B的拉力也保持不變，等于A的重力；對B分析，繩子拉力的水平分量增

解析：ABD

【解析】

【詳解】

AD． B向右移動到C位置后，繩與地面的夾角減小，而A、B均處于靜止狀態，故繩子的拉力等于A的重力；繩子對B的拉力也保持不變，等于A的重力；對B分析，繩子拉力的水平分量增大，而水平方向B受力平衡，摩擦力增大，故AD正確。

B．對滑輪分析，由于A一直豎直，故繩子與墻平行，故?=?；因拉A的繩子與拉B的繩子力相等，而拉滑輪的力與兩繩子的力的合力大小相等，故拉滑輪的力應這兩繩子拉力的角平分線上，故?、?、?三角始終相等，故B正確。

C．向右移動時，兩繩間夾角增大，而兩拉力不變，故懸于繩上的繩子的拉力將減小，故C錯誤。

24．AC

【解析】

設a的質量為m，則b的質量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；以a為研究對象，受力如圖所示：

設繩子與水平方向夾角為，支

解析：AC

【解析】

設a的質量為m，則b的質量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；以a為研究對象，受力如圖所示：

設繩子與水平方向夾角為?，支持力FN?2mgsin??mg，向右緩慢拉動的過程中，?角逐漸減小，當FN?0時2mgsin??mg?0，解得sin??1，即??30，故A正確；向2右緩慢拉動的過程中，兩個繩子之間的夾角逐漸增大，繩子的拉力不變，所以繩子的合力減小，則繩子對滑輪的作用力逐漸減小，故B錯誤；由圖可知，角度?從90變到0，根據f??FN???2mgsin??mg?，可知，當角度?從90變到30時FN一直減小到零，當角度?從30變到0時FN反向增大，故摩擦力先減小后增大，故C正確；由受力分析圖，可知水平方向：F?f?2mgcos??2mgcos????2mgsin??mg??2mg?cos???sin????mg，由于cos???sin??1??2cos?????，而tan???，若??3，則??30，故拉力為3F?2mg1??2cos???????mg，角度?從90變到0的過程中，當????30時cos??????1為最大，則拉力最大，當角度繼續減小時，cos?????開始減小，則拉力也開始減小，故拉力F先增大后減小，故D錯誤；故選AC.

【點睛】以b為研究對象可得繩子拉力始終保持不變，再以a為研究對象，根據共點力的平衡條件列方程求解摩擦力和拉力F的變化情況；隨著a的右移，分析繩子與豎直方向的 夾角變化情況，再分析兩段繩子合力變化情況即可．

25．CD

【解析】

【分析】

【詳解】

C.取物體B為研究對象受力分析，運用合成法如圖

則有：

，

在物體B緩慢拉高的過程中，θ增大，則水平力F和繩子拉力T都隨之變大；故C正確；

AB.選取物體A、

解析：CD

【解析】

【分析】

【詳解】

C.取物體B為研究對象受力分析，運用合成法如圖

則有：

F?mgtan?，T?mg

cos?在物體B緩慢拉高的過程中，θ增大，則水平力F和繩子拉力T都隨之變大；故C正確；

AB.選取物體A、B和斜面體組成的系統為研究對象，該系統受到豎直向下的重力、地面的支持力、水平向右的拉力和地面水平向左的摩擦力的作用，系統四力5衡條件，斜面體所受地面的支持力等于系統的重力，是恒定不變的，地面對斜面體的摩擦力大小等于F，此過程中，F變大，所以地面對斜面體的摩擦力一定變大，故AB錯誤；

D.

該過程中，T逐漸變大，即繩中的彈力增大，物體A受到的沿斜面向上的拉力逐漸增大，假如剛開始時，斜面體對物體A的摩擦力沿斜面向上，那么摩擦力會隨著T的變大而變小，故D正確．

三、實驗題

26．80 ABC C

【解析】

【詳解】

第一空.彈簧測力計讀數，每1N被分成10格，則1格就等于0.1N，所以示數為5.80N。

第二空.A、實驗通過作出三個力的圖示，來驗證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道。故A正確；

B、彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測之前校零。故B正確；

C、拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準確性。故C正確；

D、當結點O位置確定時，彈簧測力計A的示數也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均一定，因此彈簧測力計B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次實驗。故D錯誤。

第三空.實際測量的合力應與橡皮筋在同一條直線上，即F′與橡皮筋在同一條直線上，由平行四邊形定則作出的為理論值與實際值有一定的偏差，即由平行四邊形定則作出的為F．故C正確，ABD錯誤。

27．0.2

【解析】

【詳解】

[1][2]設打點計時器的打點時間間隔為T，由于D1是任選的第一點，D11、D21是第11點和第21點，所以相鄰兩個計數點間的時間間隔為10T，根據勻變速直線運動的推論公式?x?aT2，得：

?x?(25?15)?10?2m?10?10?2m/s2?T2

解得：

T＝0.1s

再根據打點計時器打點時間間隔與頻率關系T?1，解得：

ff?vD11?28．74 0.98

彈簧原長

【解析】

【詳解】

11?Hz=10Hz

T0.1x1?x20.15?0.25??0.2m/s

20T20?0.1[1]由mm刻度尺的讀數方法可知圖2中的讀數為：21.74cm；

[2]掛2個鉤碼時，重力為：

G＝2mg＝2?0.05?9.8＝0.98N

由平衡關系可知，彈簧的拉力為0.98N；

[3]本實驗中需要測量的是彈簧的形變量，故還應測量彈簧的原長；

29．AC空氣阻力；紙袋和限位孔之間的阻力；（就寫阻力也對）

【解析】

【詳解】

（1）在“探究自由落體運動性質”的實驗中，實驗時，應讓重物緊靠打點計時器，手拉著紙帶的上方，保持紙帶豎直，由靜止釋放．故A正確，BCD錯誤．故選A．

（2）應先給打點計時器通電打點，后釋放紙帶，如果先釋放紙帶，再接通打點計時時器的電源，由于小車運動較快，不利于數據的采集和處理，無法得到物體完整的運動情況，會對實驗產生較大的誤差．故選C．

（3）通過紙袋測量發現加速度只有9.3 m/s2，你認為可能的原因是：空氣阻力；紙袋和限位孔之間的阻力等；

【點睛】

本題關鍵是明確打點計時器的工作原理和使用規范，注意人的兩手無法做到釋放紙帶的同時接通電源.

30．BD AC

0.50m/s

0.55m/s

5.00m/s2

【解析】

【詳解】

(1)[1]AB.

電磁打點計時器正常工作使用4～6V的交流電源，故A錯誤、B正確；

CD.

打點計時器的打點周期與電壓高低無關，根據T?交流電源的頻率決定的，故C錯誤，D正確；

(2)[2] A.

為了提高紙帶的利用率，在釋放小車前，小車要靠近打點計時器，故A正確；

B.

打點計時器應放在長木板的沒有滑輪一端，故B錯誤；

C.

實驗時，應先接通電源，后釋放小車，打點完畢關閉電源，故C正確；

D.

電火花計時器使用的是220V的交流電源，故D錯誤；

(3)[3]計時點A、D對應的時間間隔內小車的平均速度大小為：

1可知，打點計時器的打點周期由fvADxAD(0.80?1.00?1.20)?10?2??m/s?0.50m/s

3T3?0.02xBD(1.00?1.20)?10?2vC??m/s?0.55m/s

3T2?0.02[4]C的瞬時速度等于BD段的平均速度，則有：

[5]根據?x?aT2，運用逐差法得紙帶的加速度為：

?2xCE?xAC?1.40?1.20?1.00?0.80??1022

a??m/s?5.00m/s224T4?0.02四、解答題

7mg

7mg

35【解析】

【分析】

31．由題中“用手豎直向下拉住小球，使小球和物塊都靜止”可知，本題考查受力分析、力的分解和力的平衡，根據題中條件，分析物體受力情況，結合

平衡條件可解答本題。

【詳解】

（1）設AC繩的拉力為F1，BC繩的拉力為F2，由幾何關系可得

F1cos??F2sin??mg?F

F1sin??F2cos?

F1?2mg

解得

F?7mg

3（2）

由于小球依然在原位置不變，F

的方向在豎直面可以任意改變，重力和AC繩的拉力都不變，BC繩的拉力大小未知，所以當拉力F與BC繩的拉力垂直時，拉力最小

根據幾何關系可得

mgcos57?2mg?F

解得

F?32．（1）1s （2）0.2s （3）10m/s

【解析】

【詳解】

（1）對B球，根據h1＝gt12得：（2）對A球，根據h2＝gt22得：t2＝7mg

5

＝s＝1.2s

則兩小球落地的時間差為：△t=t2-t1=1.2-1s=0.2s．

（2）B球落地的時間為1s，此時A球的速度為：vA=gt2=10×1m/s=10m/s．

33．

若取向右為正方向，則甲的位移正向逐漸增大，且圖像斜率為2m/s；同理，乙的位移負向逐漸增大，且圖像斜率為4m/s。

【解析】

【分析】

本題考查位移時間圖像的含義，斜率代表速度。

【詳解】

若取向右為正方向，則甲的位移正向逐漸增大，且圖像斜率為2m/s；同理，乙的位移負向逐漸增大，且圖像斜率為4m/s。

34．（1）2s

或3s；（2）0.5m

【解析】

【詳解】

（1）由題知甲的速度時間公式為：

v＝4t＋12(m/s)

與速度時間公式：

v?v0?at

對比可得甲質點的初速度為：v10?12m/s，加速度為：a1?4m/s2，

根據位移時間公式：

1x?v0t?at2

2得甲的位移時間公式為：

x1?12t?2t2

由題知乙質點的位移隨時間的變化關系為：

x＝2t＋4t2(m)

與位移時間公式：

1x?v0t?at2

2對比可得乙質點的初速度為：v20?2m/s，加速度為：a2?8m/s2，

根據速度時間公式：

v?v0?at

得乙的速度時間公式為：

v2?2?8t

甲乙相遇時有：

x1?x2?12

代入數據解得：t1?2s或t2?3s

（2）甲乙兩質點相距最遠時，兩質點速度相等，則有：

v1?v2

即：

12?4t?2?8t

解得：t?2.5s

則此時兩車的速度為

v?12?4?2.5=22m/s

則最遠距離為：

?x?x?1?x?2?12

??x11?v10?v?t?42.5m

21???v20?v?t?30m

x22聯立解得：?x?0.5m

35．（1）12m/s；（2）12m；

【解析】

【分析】

根據勻變速直線運動的速度時間公式求出氣車允許行駛的最大速度；

也可采用逆向思維，根據位移時間公式求出剎車過程中的汽車位移；

【詳解】

（1）以汽車的行駛方向為正方向，由題意知：a??5

m/s2，v?0，t?4s．

由公式v?v0?at可得：v0?v?at?0???5??4

m/s?20m/s；

（2）由公式x?v0t?【點睛】

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式，并能靈活運用．

121at得：x?20?4????5??42

m?40 m．

22

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